Вариант 1

А) Преобразуем уравнение:

[math]\sqrt x=\sqrt{\left[x\right]}+\sqrt{x-\left[x\right]}[/math]

Так как левая и правая части уравнения неотрицательны, возведем в квадрат обе части уравнения. Получим :

[math]x=\left[x\right]+2\sqrt{\left[x\right]x-\left[x\right]^2}+x-\left[x\right][/math]

[math]2\sqrt{\left[x\right]x-\left[x\right]^2}=0[/math]

[math]\left[x\right]x-\left[x\right]^2=0[/math]

[math]\left[x\right](x-\left[x\right])=0[/math]

Имеем два случая:

1 случай:

[math]\left[x\right]=0[/math]

т.е. целая часть равна 0. Имеем

[math]0\leq x<1[/math]

2 случай:

[math]x-\left[x\right]=0{}[/math]

[math]x=\left[x\right][/math]

т.е. число-целое,дробной части нет,[math]x\in N[/math]

Б) Преобразуем tg:

[math]tg\frac\pi{12}=\sqrt{\frac{1-cos\frac\pi6}{1+cos\frac\pi6}}=\sqrt{\frac{1-\frac{\sqrt3}2}{1+\frac{\sqrt3}2}}=\sqrt{\frac{(1-\frac{\sqrt3}2)^2}{1-\frac34}}=\frac{1-\frac{\sqrt3}2}{\frac12}=2(1-\frac{\sqrt3}2)\approx0.3[/math]

[math]tg\frac{5\pi}{12}=\sqrt{\frac{1-cos\frac{5\pi}6}{1+cos\frac{5\pi}6}}=\sqrt{\frac{1+cos\frac\pi6}{1-cos\frac\pi6}}=\frac{1+\frac{\sqrt3}2}{\frac12}=2(1+\frac{\sqrt3}2)\approx3.7[/math]

Имеем,что в промежуток [math]0\leq x<1[/math] входит [math]\lbrack tg\frac\pi{12};1)[/math]

В промежуток [math]x\in N[/math] входит x=1;2;3

Ответ: A) [math]0\leq x<1[/math] или [math]x\in N[/math]

Б) [math]\left[tg\frac\pi{12};\;1\right]\cup\left\{2;3\right\}[/math]

Дано:

SABC -пирамида, [math]\angle ASB=60^\circ,[/math],[math]\angle BSC=\angle CSA=45^\circ[/math], r-радиус вписанной в пирамиду сферы

SA=SB=2,SC=[math]2\sqrt2[/math]

Доказать: (BSC)[math]\perp[/math](ASC)

Найти: r

Решение:

1) т.к. AS=SB, то треугольник ASB-равнобедренный.Следовательно, [math]\angle SAB=\angle SBA=\frac{180^\circ-60^\circ}2=60^\circ[/math]. Т.к. все углы треугольника равны 60,то треугольник ASB-равносторонний, т.е. AC=CB=AB

[math]\bigtriangleup ASC=\bigtriangleup BSC[/math] (по первому признаку равенства треугольников, т.к. AS=CB,[math]\angle ASC=\angle CSB[/math], SC-общая). Следовательно, AC=BC.

[math]\bigtriangleup SCB:[/math] по теореме косинусов имеем, что [math]BC^2=SC^2+BS^2-2\ast SC\ast BS\ast cos(\angle CSB)[/math]

[math]BC^2=8+4-2\ast2\sqrt2\ast2\ast\frac{\sqrt2}2[/math] [math]\Rightarrow BC^2=4\Rightarrow BC=2[/math]

т.е. BC=AC=2,SB=AS=2. Следовательно [math]\bigtriangleup ASC,\bigtriangleup SCB[/math]-равнобедренные[math]\Rightarrow\angle SCA=\angle SCB=45^\circ[/math][math]\Rightarrow\;\angle SAC=\angle SBC=90^\circ[/math]

Проведем BH[math]\perp[/math] SC, то есть высоту в треугольнике ASC. Имеем, что AH-высота треугольника BSC. т.е. BH[math]\perp[/math]SC,AH[math]\perp[/math]SC.Имеем по определению двугранный угол AHB,причем в треугольнике AKB AH=HB=[math]\sqrt2[/math]. По теореме косинусов найдем [math]\angle AHB[/math] и получим,что [math]\angle AHB=90^\circ[/math] . Следовательно и двугранный угол AHB=[math]90^\circ[/math], т.е. искомые плоскости перпендикулярны, что и требовалось доказать

2) Чтобы найти радиус вписанной сферы, воспользуемся следующей формулой: [math]r=\frac{V_{пир}}{S_{полн}}[/math]

Найдем объем пирамиды: [math]V_{пир}=\frac13S_{SBC}\times AH=\frac13\times(\frac12\times2\times2)\times\sqrt2=\frac{2\sqrt2}3[/math]

Найдем площадь всей поверхности пирамиды:[math]S_{полн}=2\times S_{ASB}+2\times S_{ASC}=2\times\frac{4\sqrt3}4+2\times\frac12\times2\times2=2\sqrt3+4[/math]

[math]r=\frac{3\times2\sqrt2}{3\times(2\sqrt3+4)}=\frac{\sqrt2(\sqrt3-2)}{3-4}=\sqrt8-\sqrt6[/math]

Ответ:[math]\sqrt8-\sqrt6[/math]

[math]4^x+\frac{16}{x^2}\geq5\times\frac{2^{x+1}}x[/math]

[math]2^{2x}+\frac{16}{x^2}\geq10\times\frac{2^x}x[/math]

Домножим обе части на [math]\frac x{2^x}[/math]Получим 2 случая :

1 сл: [math]x>0 [/math][math]2^x\times x+\frac{16}{2^x\times x}\geq10[/math]

Пусть [math]y=2^x\times x[/math]. Тогда

[math]y+\frac{16}y\geq10[/math]

[math]\frac{y^2+16-10y}y\geq0[/math]

Нули числителя: [math]y^2+16-10y=0[/math]

[math]D=100-16\cdot4=100-64=36[/math]

y1=8,y2=2

Нули знаменателя:y=0

Нанесем значения на числовую прямую и определим знаки:

Найдем значения x в точках на концах полученных промежутков. Получим, при y=0 x=0, y=2, x=1, y=8,x=2. Получаем следующие промежутки:

С учетом того, что x>0, получим промежутки (0;1]⋃[2;+∞)

2 сл: [math]x<0[/math] [math]\frac{y^2+16-10y}y\leq0[/math]

Нанесем значения на числовую прямую и определим знаки:

Найдем значения x в точках на концах полученных промежутков. Получим, при y=0 x=0, y=2, x=1, y=8,x=2. Получаем следующие промежутки:

При этом учтем, что в данном случае x<0 Получим промежуток (-∞;0)

Ответ: (-∞;0)⋃(0;1]⋃[2;+∞)

ОДЗ:

[math]x+y>0[/math]; [math]y>-x[/math]

[math]x^2+y^2>0[/math] всегда, кроме x=0; y=0

[math]x^2+y^2\neq1[/math]. Окружность с центром О1(0;0) и радиусом R=1. Изображаем пунктиром.

Преобразуем правую часть уравнения: [math]1=log_{x^2+y^2}(x^2+y^2)[/math]

Тогда получим:

[math]log_{x^2+y^2}(x+y)>log_{x^2+y^2}(x^2+y^2)[/math]

1 сл: [math]x^2+y^2>1[/math]

[math]\frac{x+y}{x^2+y^2}>1[/math]

[math]\frac{x+y-x^2-y^2}{x^2+y^2}>0[/math]

[math]\frac{-x-y+x^2+y^2}{x^2+y^2}<0[/math]

[math]-x-y+x^2+y^2<0[/math]

[math]\left(x-\frac12\right)^2+\left(y-\frac12\right)^2<\frac12[/math]

Окружность с центром в точке (1/2;1/2) и радиусом R=[math]\frac1{\sqrt2}[/math] при [math]x^2+y^2>1[/math]

2 сл: [math]0<x^2+y^2<1[/math]

[math]\frac{x+y}{x^2+y^2}<1[/math]

[math]\frac{x+y-x^2-y^2}{x^2+y^2}<0[/math]

[math]\frac{-x-y+x^2+y^2}{x^2+y^2}>0[/math]

[math]-x-y+x^2+y^2>0[/math]

[math]\left(x-\frac12\right)^2+\left(y-\frac12\right)^2>\frac12[/math]

Окружность с центром в точке (1/2;1/2) и радиусом R=[math]\frac1{\sqrt2}[/math] при [math]0<x^2+y^2<1[/math]

Изобразим на графике:

Найдем площадь полученной фигуры:

[math]S_{green}=\frac12S_{большой\;окр}-(\frac12S_{малой\;окр}+(\frac14S_{большой}-S_{прямоуг\;треуг})=\frac\pi2-(\frac\pi4+(\frac\pi4-\frac12)=\frac12[/math]

[math]S_{red}=\frac12S_{малой\;окр}-(\frac14S_{большой}-S_{прямоуг\;треуг})=\frac\pi4-(\frac\pi4-\frac12)=\frac12[/math]

[math]S_{полн}=S_{green}+S_{red}=\frac12+\frac12=1[/math]

Ответ:1

Пусть x- количество конфет в одном пакете, а y- количество мешков.Тогда в первом случае 2xy, а во втором случае-3(x−5)(y−2). Так как было одинаковое количество конфет, то получим уравнение: 2xy=3(x−5)(y−2). Преобразуем: (x−15)(y−6)=60. Т.е множители должны быть натуральными числами и в произведении давать число 60. При переборе должны получить числа 1 и 60, 2 и 30, 3 и 20 и тд. После перебора, получим,что максимальное xy получаем при значениях множителей 1 и 60, то есть x=16, y=66. т.е. получаем общее количество конфет 2xy=2*16*66=2112.

Ответ: 2112

Имеем два случая: [math]x<0[/math],[math]x\geq0[/math]

1 случай: [math]x\geq0[/math]. Преобразуем функцию:

[math]f(x)=x^3-6x^2+(9+6a-3a^2)x[/math]

Найдем производную функции:

[math]f'(x)=3x^2-12x+(9+6a-3a^2)[/math]

[math]f'(x)=0[/math]

[math]x^2-4x+3+2a-a^2=0[/math]

[math]D=16-4(3+2a-a^2)=4(a-1)^2[/math]

[math]x_1=3-a[/math], [math]x_2=1+a[/math]

Определим знак производной:

1) 0<a<1; 1<a+1<2; 2<3-a<3

x=a+1- точка максимума;fmax=

[math]fmax=f(a+1)=-2(a+1)(a^2-a-2)[/math]

2) 1<a<2; 2<a+1<3;1<3-a<2

x=3-a-точка максимума

[math]fmax=f(3-a)=2(3-a)(6-a)[/math]

3)2<a<3; 3<a+1<4; 0<3-a<1

x=a+1 не принадлежит отрезку x=3-a- точка максимума

4)a>3

x=a+1,x=3-a не принадлежат отрезку значений x

т.к. функция убывает, то fmax=f(0)=0

2 случай: x<0. Преобразуем функцию:

[math]f(x)=-x^3-6x^2+(-9+6a+3a^2)x[/math]

Найдем производную функции:

[math]f'(x)=-3x^2-12x+(-9+6a+3a^2)[/math]

[math]f'(x)=0[/math]

[math]x^2+4x+3-2a-a^2=0[/math]

[math]D=16-4(3-2a-a^2)=4(a+1)^2[/math]

[math]x_1=-3-a[/math], [math]x_2=-1+a[/math]

Определим знак производной:

1) -1<a<0;-3<-3-a<-2; -2<a-1<-1

x=a-1- точка максимума;fmax=

[math]fmax=f(a-1)=-2(a-1)(a^2+2a+2)[/math]

2) -2<a<-1; -3<a-1<-2;-2<-3-a<-1

x=-3-a-точка максимума

[math]fmax=f(-3-a)=2a(-3-a)(a+3)[/math]

3)-3<a<-2; -4<a1<-3;

x=-3-a точка максимума

[math]fmax=f(-3-a)=2a(-3-a)(a+3)[/math]

4)a<-3; a-10

т.к. функция убывает, то [math]fmax=f(-3)=-9a^2-18a[/math]

Ответ:

при a≤-3 f_max=–9a2–18a;

при -3<a≤-1 f_max=-2a(a+3)²;

при -1<a≤0 f_max=2·(a–1)·(a2+2a+2);

при 0<a≤1 f_max=(a+1)·(–2a2+2a+4));

при 1<a≤3 f_max=2·(3–a)·(6–a);

при a>3 f_max=0.

Существует несколько исходов игры, которые гарантируют победу первому участнику,это (вне зависимости от последовательности ящиков): 1 0 0,N 1 1,N 1 0, N 0 0 , где N- любое натуральное число,и гарантированное проигрышные ситуации-1 1 0, 2 2 0. Исходя из этого будет идти решение задачи.

А) Чтобы выиграл Чук, нам необходимо привести Гека к варианту 110. Если Чук возьмет 8 шаров из первого ящика, то есть сравняет количество шаров только во втором и третьем, тогда Чуку остается каждый раз уравнивать количество шаров до того момента,пока не станет вариант 1 1 0. т.е. выиграет Чук

Б) Исходя из базовых ситуаций найдем ситуации выигрыша: M 2 0 (M>=3), 2 2 1,3 2 0 (их можно привести к ситуации проигрыша , то есть к 2 2 0). Ситуацию 1 2 3 возможно привести только к выигрышу,следовательно ,она проигрышна для первого, т.е. выиграет Гек.

В) В таком варианте Чук сможет выиграть, если будет сравнивать две цифры каждый раз, в конце дойдет до варианта 011 и победит. Это возможно в любом случае

Ответ: А) Чук;Б) Гек;В) Чук